打开文件

Question

我想创建方法哗哗采取2个参数从DB

openFile(byte[] fileInfo,string extension) 

然后当我把这种方法，可以选择合适的程序打开它

例如，如果我把它作为

openfile(fileInfo,"docx") 

它会自动选择Word中打开的byte []，它也为Excel & ACCES &其他扩展

Answer 1

您需要先将该文件保存在磁盘上，然后尝试运行它：

File.WriteAllBytes("foo.doc", fileInfo); 
Process.Start("foo.doc"); 

Answer 2

您需要：

1. 保存与通用名称，并设置扩展文件。
2. 致电Process.Start Method (String)，系统将解析关联。

Answer 3

你可以得到Windows外壳程序通过启动文件的过程

Process.Start("example.txt"); 

这将打开记事本，例如打开相关的编辑器，如果是相关的编辑器。

您可以将您的fileInfo缓冲区以指定的扩展名流化到临时文件中，然后执行Process.Start（yourfilenamehere）来启动它。

Answer 4

正如其他人已经说过，使用的Process.Start（），我总是做这样的表现出打开与对话框，系统始终没有在文件没有关联：

Try 
{ 
    Process.Start(youfile); 
} 
Catch (Exception e) 
{ 
    OpenWith(youfile)//you need to implement this by yourself 
} 

EG ：Calling the Open With dialog box from your application, using C#