如何转发声明自定义unique_ptr

我有问题实现像下面这样的结构。这个想法是，我在某个头文件中定义了一个实用函数，它分配了某种资源。为了减轻客户自己解放它的必要性，我想将它包装成一个智能指针。不幸的是，我不知何故需要删除类型的客户端，并有麻烦转发 - 适当地声明它。我现在的解决方案看起来像这样，导致多个定义错误，因为删除程序是重新定义的，每增加一个包含utility.h如何转发声明自定义unique_ptr

这是我正在寻找的优雅解决方案吗？

// utilities.h 
namespace foo 
{ 
    auto del = [](MyResource* res) { Deallocate(res); }; 
    std::unique_ptr<MyResource, decltype(del)> getResource(); 
} 

// utilities.cpp 
namespace foo 
{ 
    std::unique_ptr<MyResource, decltype(foo::del)> getResource() 
    { 
    return std::unique_ptr<MyResource, decltype(foo::del)>(Allocate(), del); 
    } 
}

来源

2015-11-04 user1709708

使删除器成为一个*函数*而不是一个lambda对象变量，并将该函数标记为'inline'？ –

@JoachimPileborg这应该是一个答案。 OTOH，它可以防止这种'unique_ptr'的默认构造。 – Angew

我建议Angew's answer在这个主要是因为类型擦除的std::function的额外开销。不过不知道这种方式是可行的。

解决方法是简单：在报头具有声明，在源具有定义：

// utilities.h 
namespace foo { 
    using del_t = std::function<void(MyResource *)>; 
    extern del_t del; 
    std::unique_ptr<MyResource, del_t> getResource(); 
} 

// utilities.cpp 
namespace foo { 
    del = [](MyResource* res) { 
     Deallocate(res); 
    }; 
    std::unique_ptr<MyResource, del_t> getResource() { 
     return std::unique_ptr<MyResource, del_t>(Allocate(), del); 
    } 
}

来源

2015-11-04 13:55:31 bolov

这会在'std :: function'中引入类型擦除的额外开销。 – Angew

@Angew是的。不知道任何其他方式来指定lambda的类型。如果这是一个问题，他应该去做一个简单的功能。 – bolov

使用，而不是一个拉姆达一个普通的类：

部首：

namespace foo { 

    struct Deleter { 
    void operator() (MyResource *res) const { Deallocate(res); } 
    }; 

    std::unique_ptr<MyResource, Deleter> getResource(); 
}

来源：

namespace foo 
{ 
    std::unique_ptr<MyResource, decltype(foo::del)> getResource() 
    { 
    return std::unique_ptr<MyResource, Deleter>(Allocate()); 
    } 
}

这还有一个好处，就是在创建指针—时不必指定删除器，默认构造的Deleter就可以了。

来源

2015-11-04 14:03:31 Angew

是的，你的方式更好 – bolov

如何转发声明自定义unique_ptr

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