静态变量php测试功能不明白错误机制

Question

我正在测试变量的功能.. $ age = 30我把变量放在函数体外：输出是可以的，但是当我把变量之前在回声函数..和echo ..throw错误之后..为什么？我想了解错误机制。 第一个例子：

<?php 
function birthday(){ 
    static $age = 0; 

    $age = $age + 1; 
    $age = 30; 
    echo "Birthday number $age <br/>"; 

} 

birthday(); 
birthday(); 
birthday(); 

echo "Age: $age<br/>"; 

?> 
Output:Birthday number 30 
     Birthday number 30 
     Birthday number 30 

Notice: Undefined variable: age in C:\xampp\htdocs\series\exercitii_php\variabila_statica.php on line 18 
Age: 
Why? 

second example: 
<?php 
function birthday(){ 
    static $age = 0; 

    $age = $age + 1; 

    echo "Birthday number $age <br/>"; 
    $age = 30; 
} 



birthday(); 
birthday(); 
birthday(); 


echo "Age: $age<br/>"; 

?> 
Output: Birthday number 1 
     Birthday number 31 
     Birthday number 31 

Notice: Undefined variable: age in C:\xampp\htdocs\series\exercitii_php\variabila_statica.php on line 18 
Age: 

请给我你的解释，所以我能理解。

Answer 1

我想你想是这样的：

function birthday() { 
    static $age = null; 
    if (empty($age)) { 
     $age = 30; 
    } else { 
     $age = $age + 1; 
    } 
    echo "Birthday number $age <br/>"; 
} 

birthday(); 
birthday(); 
birthday(); 

注意：你不能在全球范围内访问$age，因为它在功能范围。

如果你想让它作为global使用，那么你可以不使用它作为静态的，但是这是最糟糕的选择，我认为：

global $age; 

function birthday() { 
    global $age; 
    if (empty($age)) { 
     $age = 30; 
    } else { 
     $age = $age + 1; 
    } 
    echo "Birthday number $age <br/>"; 
} 

birthday(); 
birthday(); 
birthday(); 
echo $age; 

Answer 2

你$age变量是您的本地birthday方法/函数，因此，不能在该方法的范围之外使用。为了在脚本中的任何地方都可以使用它，你必须使它成为脚本的全局，或者将它放在类中，使用getter/setter，或者将它公开（但这真的很脏！）。

更多信息可以在这里找到有关的变量范围：http://php.net/manual/en/language.variables.scope.php