好吧,所以我正在尝试为iOS创建一个应用程序。Sql将无法获得值在哪里
我的问题是,我认为,当使用JSON并将其与SQL结合时,它不起作用。
所以这是我的代码
<?php
$user='Admin';
echo $user;
$host='HOST';
$user='USER';
$password='PASSWORD';
$connection = mysql_connect($host,$user,$password);
if(!$connection){
die('Connection Failed');
}
else{
$dbconnect = @mysql_select_db('DATABASE', $connection);
if(!$dbconnect){
die('Could not connect to Database');
}
else{
$query = "SELECT * FROM AppLogin WHERE Username = '".$user."' ";
$resultset = mysql_query($query, $connection);
$records= array();
while($r = mysql_fetch_assoc($resultset)){
$records[] = $r;
}
echo json_encode($records);
}
}
?>
我得到的输出是
管理员[]
如果我不喜欢这样
<?php
$host='HOST';
$user='USER';
$password='PASSWORD';
$connection = mysql_connect($host,$user,$password);
if(!$connection){
die('Connection Failed');
}
else{
$dbconnect = @mysql_select_db('DATABASE', $connection);
if(!$dbconnect){
die('Could not connect to Database');
}
else{
$query = "SELECT * FROM AppLogin WHERE Username = 'Admin' ";
$resultset = mysql_query($query, $connection);
$records= array();
while($r = mysql_fetch_assoc($resultset)){
$records[] = $r;
}
echo json_encode($records);
}
}
?>
我得到的输出I想要:
[{ “用户名”: “管理”, “密码”: “密码”}] ' “$值”'
为什么当我使用WHERE =的SQL不工作
阿尔宾
'$ user ='Admin';''''user ='USER';'。第二个是覆盖另一个。 –
您确定'$ user'是一个有效的用户,查询应该返回一些内容? – FredMaggiowski
What @ Fred-ii-指出的是,你使用了s ame变量名('$ user')用于SQL查询中的用户名,以及用于连接到mysql_connect()'中的数据库的用户名。另请注意* mysql已被取消且不安全。使用mysqli或PDO * – RobP