如何提醒阿贾克斯响应

我读过几十个相关的帖子，但我仍然无法得到它的工作。如何提醒阿贾克斯响应

我想提醒我从PHP获得的jQuery中的响应。

PHP：

$msg=array(); 

    if(empty($whatever)){ 
     $msg['cenas']="Não há contas"; 
    }else{ 
     $msg['cenas']="Há contas"; 
    }; 

    echo json_encode($msg);

JS：

$.ajax({ 
    url: 'myscript.php', 
    dataType: 'json', 
    success: function(response){ 
     alert(response.cenas); 
    } 
});

PHP的呼应

{cenas： “哈contas}” 但我不能让它以提醒JS。

来源

2014-02-07 Nuno Nogueira

使用firebug或chrome开发者工具记录警报而不是'console.log（response）'。这将揭示你的整个对象的反应，并让你看看有什么不对。 –

@ HarveyA.Ramer console.log（response）返回“成功” –

这意味着，我相信你只是从成功的myscript.php文件返回一个字符串。在这种情况下，你需要修改它以返回一个对象来做你想做的事情。这可能是有益的：http://stackoverflow.com/questions/8649621/returning-a-json-object-from-php-in-ajax-call –

php应该回显{"cenas": "Há contas"}，但是你在警报中得到了什么？你有没有定义？如果是这样，请在提醒之前尝试使用jQuery.parseJSON。例如：

$.ajax({ 
    url:"myscript.php", 
    dataType: "json", 
    success:function(data){ 
     var obj = jQuery.parseJSON(data); 
     alert(obj.cenas); 
    } 
});

来源

2014-02-07 23:43:14 VVLeon

没错，我弄不明白。根据您的建议，成功功能永远不会执行，因此没有警报。 –

尝试

$.ajax({ 
    url:"myscript.php", 
    dataType: "json", 
    success:function(data){ 
     alert(data.cenas); 
    } 
});

你有一个语法错误。

时退房Docs for $.ajax

来源

2014-02-07 22:24:32

响应/数据无关紧要。他们只是参数名称。它们是任意的。你可以把它命名为x并且没关系 –

邪恶的，我会把它拿出来的。并非100％确定。 –

你应该告诉jQuery的期待（和解析）JSON的响应（虽然jQuery的可能正确地猜测这...），你应该正确地写你的JavaScript：

$.ajax({ 
    url: 'myscript.php', 
    dataType: 'json', 
    success: function(response){ 
     alert(response.cenas); 
    } 
});

来源

2014-02-07 22:28:21 jeroen

谢谢，我刚刚编辑了我的问题。我在ajax调用中包含dataType：'json' –

@NunoNogueira检查你和我的ajax调用之间的区别（函数的括号，引用字符串等）。 – jeroen

我那个，我弄不明白 –

如何提醒阿贾克斯响应

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