原因：试图在php中获取非对象的属性

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$EODQuery = "SELECT * FROM EOD WHERE Symbol LIKE '$start' LIMIT 1 OFFSET $limit"; 

$EODRes = $mysqli->query($EODQuery);

我得到一个错误，但没有当我直接查询数据库。原因：试图在php中获取非对象的属性

<?php $i = 0; while($i <= 4) { $EODRow = getEOD("A%",$i); $i++; echo $EODRow; } ?>

2011-01-23 ineedhelp

你明白其中有什么错误行和哪些代码工作？ `$ mysqli`从哪里来？ – 2011-01-23 15:18:25

此外，显示确切的错误，并生成它的代码（您发布的代码不会产生该错误，需要更多）... – ircmaxell 2011-01-23 15:20:29

要么你没有实例化一个mysqli对象，在这种情况下$ mysqli是空的并且没有` - > query（）`方法，或者查询本身失败，并且$ EODRes实际上是一个mysqli错误对象，而不是查询结果，没有` - > fetch（）`方法。 – 2011-01-23 15:22:45

在好像你已经忘记了实例$ mysqli的第一次看，导致$ mysqli的不是一个对象，所以你不能执行查询（）方法。

2011-01-23 15:24:46 kalkin

您的错误消息与查询本身无关。发生了什么事情是这样的：您在$mysqli对象上调用方法query() - 但是，PHP认为它实际上不是一个对象。

这样做的原因可能是：

您忘记了创建该对象（见http://www.php.net/manual/en/mysqli.connect.php）。这里有一个例子：
```
$mysqli = new mysqli('localhost', 'my_user', 'my_password', 'my_db'); 
```
您输入了错误的变量名，所以你的mysqli的对象实际上是所谓的别的东西。
您显示的代码位于函数或方法中，但您的$mysqli对象位于全局范围内。在这种情况下，你应该“负担”入功能范围，就像这样：
```
function doStuff() { 
    global $mysqli; 

    $mysqli->query(...); 
} 
```
欲了解更多信息有关变量的作用域，看到这个链接：http://php.net/manual/en/language.variables.scope.php

2011-01-23 15:29:10

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