收到任何通知时LUA调用未定义功能

在C++代码：收到任何通知时LUA调用未定义功能

class CWindowUI { 
    public CWindowUI(const char* title,int width,int height); 
    ..... 
}; 

static int CreateWindow(lua_State *l) 
{ 
    int   width,height; 
    char  *title; 
    CWindowUI **winp, *win; 

    name = (char *) luaL_checkstring(l, 1); 
    width= lua_tounsigned(l, 2); 
    height= lua_tounsigned(l, 3); 

    win = new CWindowUI(title,width,height); 
    if (win == NULL) { 
     lua_pushboolean(l, 0); 
     return 1; 
    } 

    winp = (CWindowUI **) lua_newuserdata(l, sizeof(CWindowUI *)); 
    luaL_getmetatable(l, "WindowUI"); 
    lua_setmetatable(l, -2); 
    *winp = win; 

    return 1; 
}

在Lua代码：

local win = CreateWindow("title", 480, 320); 
win:resize(800, 600);

现在我的问题是：

功能CreateWindow将返回命名对象win和函数resize未定义。当我在Lua中调用未定义的函数时，如何获得通知？

该通知应包含字符串"resize"和参数800,600。我想修改源映射未定义功能上的回调函数，但它是不正确。

来源

2012-10-24 tfzxyinhao

当我在lua中调用未定义的函数时，如何获得通知。

你不知道。不符合你的意思。

您可以挂钩an __index metamethod到您注册的 “WindowUI” 元表（*呻吟*）。你的metamethod只会获得被调用的用户数据和使用的密钥。

但是你不能区分函数调用和简单访问成员变量，因为Lua不区分这些。如果你从metamethod返回一个函数，并且用户在metamethod返回时调用函数调用操作符，那么它将被调用。否则，他们可以在他们认为合适的情况下玩一个功能。他们可以存储它，传递它，稍后调用它，无论如何。这是一个价值，就像任何其他。

来源

2012-10-24 04:26:57

当编译* .lua文件，卢阿使用哈希映射的C函数，如“__index” LUA功能，所以我要修改可以映射未定义功能为默认功能的散列的一部分，所以我可以设置默认功能来获取它。 – tfzxyinhao

“编译* .lua”是什么意思？ lua代码不会被编译，而是被解释/执行。表达式/调用“win：resize（800，600）”的评估发生在当时，代码执行达到了这一点。 – lipp

@tfzxyinhao：“* LUA使用哈希映射像C函数到Lua函数‘__index’*”号你以为* *的方式太低级。不要想到“哈希”等等。有表格，映射到值的键。如何实施是无关紧要的。要紧的是，当Lua尝试，就好像是一个表来访问用户数据，它会调用该用户数据的'__index'元方法。 * *你的工作是为Lua返回适当的函数来调用。期。没有散列，没有通知;只是返回一个函数。 –

收到任何通知时LUA调用未定义功能

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