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我最近遇到了一个问题,我无法弄清楚它的解决方案。 我有一个包含在其构造后续代码核心类:为什么我不能使用包含mysqli对象的属性?
public function __construct()
{
$this->runDatabaseConnection();
$this->fetchSettings();
}
private function runDatabaseConnection()
{
global $config;
$this->db = new mysqli($config['db']['server'], $config['db']['user'], $config['db']['password'], $config['db']['name']);
$this->db->set_charset($config['db']['charset']);
}
正如你可以看到我存储的对象称为“DB”
之后的属性,我在做的方法
public function query($queryStr)
{
return $this->db->query($queryStr) or die($this->db->error.($this->debugMode ? '<br><b>Query: </b><i>'.$queryStr.'</i>' : ''));
}
现在课外,当我使用类似::
$studentsQuery = $core->query("SELECT * FROM ".TP."students");
运行一个给定的查询同一类
$ studentsQuery变量似乎是一个布尔值,而不是我期待的资源,那么我错过了什么?提前致谢 。
我很抱歉,但确实“返回$结果;”返回资源? –
a将'$ this-> db-> query()'的结果保存到'$ result'变量中,然后返回。因此,query()的结果是'false',然后它会'die()',或者它是一个返回的资源。 –
谢谢先生,现在它工作得很好,我明白为什么它没有工作之前,最好的问候。 –