C++ variadic模板返回类型

我的函数使用一组给定的输入参数（variadic）调用一个Python函数，并返回一个包含该函数输出的变量（可变参数，因为输出因函数调用而变化）。C++ variadic模板返回类型

我正在使用C++ 11通过MinGW-w64编译器的g ++端口编译Windows 10机器。我宣布这个模板可变参数函数（并调用它），如下所示：

// Declaration (in PyInterface.h) 
template <typename... Inputs, typename... Outputs> 
const std::tuple<Outputs...>& callFunction(const std::string &modulePath, const std::string &funcName, Inputs&&... args) { 
    // Calls a Python function & packs output variables into a std::tuple... 
} 

// Sample call (in main.cpp) 
const std::tuple<std::string, std::string> output = pi.callFunction(myModulePath, myFuncName, inputArg1, inputArg2, inputArg3);

然而，这个错误被抛出（缩短了与...的可读性）：

conversion from 'const std::tuple<>' to non-scalar type 'const std::tuple<std::__cxx11::basic_string<...>, std::__cxx11::basic_string<...> >' requested

至于我'知道using two variadic templates is legal。另外，在我看来，返回类型是由变量明确设置的（const std::tuple<std::string, std::string> output）我试图将函数的结果分配给，所以编译器应该知道所需的返回类型为。

最初，我认为错误只是表明我没有适当地使用可变参数模板。我尝试使用嵌套模板参数（图解说明here）指定返回类型（即const T<Outputs...>& callFunction）。但是，这只能成功生成一条错误消息，指示模板扣除T失败。

这个错误表明我的直觉是错误的，并且在我原来的函数中，编译器没有从output的类型推导出所需的返回类型。

为什么我的直觉错了？如何正确使用可变参数模板来指定此函数的返回类型？

来源

2017-06-29 Vladislav Martin

你从不指定'Outputs'的类型，所以没有。 – NathanOliver

@NathanOliver您能否详细说明我如何为'Outputs'指定类型？我已经尝试将我的调用修改为'pi.callFunction '，但我无法弄清楚错误消息的含义：'error：can not bind'const string {aka const std :: __ cxx11 :: basic_string }'左值to'std :: __ cxx11 :: basic_string &&' –

您明确指定'string'为输入类型。你得到一个右值引用，并与函数参数声明'Inputs &&'结合。你正在传递一个'const string'的左值，在使用它之前至少需要删除'const'。除了我给出的输入类型隐式提取的答案之外，您可以显式指定'const string＆'为Input类型，当与Inputs &&组合时，它仍然是'const string＆'。 –

如果您想根据函数范围内返回的对象的类型来推导返回类型，如果您使用的是C++ 14，那么您可以使用auto作为返回类型。它像一个魅力

template <typename... Inputs> 
const auto& callFunction(
    const std::string &modulePath, 
    const std::string &funcName, 
    Inputs&&... args) { 

    return object; 
}

一如既往要提防，你是从这个函数返回一个const引用。

如果您正在使用C++ 11，那么你可以使用后返回类型，例如

template <typename T> 
auto identity_return(T& obj) -> decltype(obj) { 
    return obj; 
}

其中decltype(obj)是要返回的东西类型。在这种情况下，再次提防，这又是一个参考。

通常，尽管尝试并返回函数中的值，但如果您不确定返回的结果是否超出返回值，则返回引用可能会导致悬挂引用。

另一种解决方案是只手动指定Outputs...类型列表，让编译器推断类型Inputs...

template <typename... Outputs, typename... Inputs> 
const std::tuple<Outputs...>& callFunction(
    const std::string &modulePath, 
    const std::string &funcName, 
    Inputs&&... args) { ... } 

auto tup = callFunction<std::string, std::string>(modulePath, funcName, args);

来源

2017-06-29 17:29:53 Curious

您正在返回对已销毁的本地对象的引用。 – NathanOliver

@NathanOliver这就是为什么我最后提到“提防”的原因！ – Curious

我猜想我想要沟通的是为什么在你的例子中使用错误的代码时，你可以“正确的方式”做到这一点，并向OP解释你为什么这样做。 – NathanOliver

照例与C++编译器的错误消息，第一个是你需要的只有一个看看。我猜（因为你没有提供代码），你正在创建一个tuple值，然后返回一个const引用。在该函数结束时，tuple被破坏，因此参考文献应引用什么内容？您应该只返回tuple<Outputs...>。

我认为你可以通过交换Input和Output类型包来实现你想要的。此代码还说明了使用show函数对Inputs型包进行迭代。您可以执行类似的操作，以从Python元组对象和Outputs类型包构建tuple<Outputs...>值。

#include <iostream> 
#include <tuple> 
#include <utility> 

using namespace std; 

template< typename Output > struct convert_t; 
template<> struct convert_t<string> 
{ 
    string operator()(const char *text) const 
    { 
     return text; 
    } 

    string operator()(double val) const 
    { 
     return to_string(val); 
    } 
}; 

inline void show() 
{} 

template< typename First, typename... Others > 
inline void show(First &&first, Others&&... others) 
{ 
    cout << first << "\n"; 
    show(forward<Others>(others)...); 
} 

template< typename... Outputs, typename... Inputs > 
inline tuple<Outputs...> funkyfunc(Inputs&&... inputs) 
{ 
    cout << "Inputs...\n"; 
    show(forward<Inputs>(inputs)...); 
    return tuple<Outputs...>(convert_t<Outputs>()(inputs)...); 
} 

int main() 
{ 
    auto t = funkyfunc< string, string >("text", 123.0); 
    cout << "Outputs...\n"; 
    cout << get<0>(t) << "\n"; 
    cout << get<1>(t) << "\n"; 

    return 0; 
}

来源

2017-06-29 17:48:05

C++ variadic模板返回类型

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