我正在研究Django应用程序的一项功能,该功能可以将文件(图像在我的上下文中)上传到服务器。一切工作正常,但我想知道如何作为回调接收上传的文件路径。用Django上传文件视图
这是我的观点:
def post(self, request):
if request.method == 'POST':
form = UploadFileForm(request.POST, request.FILES)
if form.is_valid():
handle_uploaded_file(request.FILES['uploadedFile'])
return redirect('/')
else:
form = UploadFileForm()
return render_to_response('index.html', {'form': form})
我的表格:
class UploadFileForm(forms.Form):
uploadedFile = forms.FileField()
而且我的处理程序:
def handle_uploaded_file(source):
fd, filepath = tempfile.mkstemp(prefix=source.name, dir=FILE_UPLOAD_DIR)
with open(filepath, 'wb') as dest:
shutil.copyfileobj(source, dest)
return filepath
我知道handle_uploaded_file(request.FILES['uploadedFile'])
从我的观点是必需的字符串,我需要作为回调,但如何在响应中接收它? 可以接收而不是我的index.html(它仅用于测试目的)图像的路径,以便在前端部分进一步处理。 我可能听起来像一个noob,但我真的想要,如果这种工作莫名其妙。 也有我的视图处理多个文件上传的方法吗?这是我需要改变我的处理程序? 对不起,把这么多的问题...
FILE_PATH = handle_uploaded_file(request.FILES [ 'UploadedFile的']) – catherine
我知道我需要定义存储文件变量路径,但我如何将它包含在响应中?它的工作方式如下:'return render_to_response('index.html',{'form':form},file_path)' – MariusNV
在字典里面:'return render_to_response('index.html',{'form':form, 'file_path':file_path})' – ferrix