提供图像参数$ _GET

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我想写一个HTML网站，显示图像。

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

，因为它无法加载的ressource，同时用“1.JPG”替换源呈现图像It没有做任何事情除了产生ERR_FILE_NOT_FOUND：图像源被定义。 href链接到example.com/page.html?id=1。

我是否必须在身体的开始处包含<?php $id = $_GET['id']; ?>之类的内容？

全码：

<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN"> 
<html> 
    <head> 
    <meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=windows-1252"> 
    <title>Slideshow Test</title> 
    <link rel="stylesheet" href="./style.css"> 
    <link rel="shortcut icon" href="./img/Shortcut.ico" type="image/ico"> 

    </head> 
    <body class="a12"> 
    <?php /**$id = $_GET['id']; **/?> 
    <div align="center"> 
        <tr height="460"> 
        <td class="a10" height="460" width="566"> 
         <div align="center"></div> 
         <img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg" alt="an image" height="460" border="0"> 
        </td> 
        </tr> 
    </div> 
    </body> 
</html>

来源

2017-10-04 thraizz

嗯......什么正在这里生成的HTML，浏览器正在试图提取实际的网址是什么？由于PHP中存在语法错误，我打赌它不是“1.jpg”... – deceze

您的代码有一个错字，您从未关闭对'htmlspecialchars（）'的函数调用。另外，显示实际产生的HTML是什么。 – David

浏览器试图获取'<？％20echo％20htmlspecialchars（$ _ GET [％27id％27]）;％20？>。jpg'，为什么php代码没有解析？ – thraizz

请在你的代码的PHP。

更换

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

与

<img src="<?php echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg">

来源

2017-10-04 10:22:38

我修复了这个错字。我的html代码是否需要包含一个.php文件？我认为它也可以通过在''标签中包含必要的php代码来工作。 – thraizz

如果你想从外部调用一个php文件，那么你可以包含它。在这种情况下，不需要这样做。 –

提供图像参数$ _GET

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