像按钮与MySQL数据和PHP

Question

我测试我的网站，并试图在我的链接上输入像按钮。什么即时试图做的是展现从MySQL数据库的标题，URL和图像，例如那是我的代码怎么现在是：

<meta property="og:title" content="<?php echo $titulo; ?>" /> 
<meta property="og:type" content="website" /> 
<meta property="og:url" content="http://hogardelocio.com/pl.php?pl=<?php echo $lid; ?>" /> 
<meta property="og:image" content="http://hogardelocio.com/img/<?php echo $imagem; ?>" /> 
<meta property="og:site_name" content="Hogar del Ocio" /> 

在其作用似乎要被罚款调试，它显示出图像，标题并正确链接，但如果你点击我的网页上的“喜欢”按钮并分享它，它只显示这个链接“http://hogardelocio.com/pl.php?pl”和另一张没有标题的图片...

这里是调试页面： http://developers.facebook.com/tools/debug/og/object?q=http%3A%2F%2Fwww.hogardelocio.com%2Fpl.php%3Fpl%3D91

有人可以帮助我吗？ 谢谢

Answer 1

我看了看your page，似乎错误与您的<meta>标签，但与FB：像按钮的data-href这是格式错误：

这是您的网页上：

<div class="fb-like" 
    data-href="http://hogardelocio.com/pl.php?pl='link.php?link=91'" 
    data-send="false" data-layout="button_count" data-width="20" 
    data-show-faces="false" data-font="arial"> 
</div> 

它应该是，如果我没有记错的话：

<div class="fb-like" data-href="http://hogardelocio.com/pl.php?pl=91" 
    data-send="false" data-layout="button_count" data-width="20" 
    data-show-faces="false" data-font="arial"> 
</div>