不能正常工作PHP函数（呼应字符串，简单）

我创建了一个功能，让我调试PHP脚本，只要变量（$debug）设置为1：不能正常工作PHP函数（呼应字符串，简单）

function debug($msg) { 
    if ($debug == 1) { 
     echo $msg; 
    } else { 
     return false; 
    } 
}

这样，在（前functions.php文件名为）我的脚本的顶部，我写：

$debug = 1;

启用调试，则：

debug("Function executed: " . $data);

在某些点，以便我知道字符串值/在这一点上的任何事情，所需的响应是屏幕上显示的消息。

但是，无论$debug字符串的值是什么，我都不会看到任何echo'd语句。

这是如何实现的？

来源

2013-05-29 Ben

如何使用调试器？ – zerkms

@zerkms我认为他的意思是在开发模式而不是生产模式下运行代码。所以他需要显示某些信息。他不是指实际的代码调试:) – itsols

是的，谢谢itsols。对不起，它不是很清楚！ – Ben

这很难说，因为你所提供的数据太少。

原因可能是您的$debug变量在函数内部是未知的。由于使用global s不建议，请考虑使用常量define("DEBUG",1);。

编辑

我内another question我如何使用一个类做同样的事情类名称也全局访问呈现。

来源

2013-05-29 12:20:09 Voitcus

谢谢你的帮助！我已经成功地使用常量重新创建函数。 – Ben

@BenPearlKahan事实上，你也可以检查一个常量是否存在;使用['defined（）']（http://php.net/manual/en/function.defined.php）函数 – Voitcus

调试功能不可用，因为它超出了范围。您：

需要把它作为参数传递
使用global关键字把它列入你的函数（灰心）

。

function debug($msg, $debug){ 
    if($debug==1){ 
    echo $msg; 
} else { 
    return false; 
    } 
}

或

function debug($msg){ 
    global debug; 
    if($debug==1){ 
    echo $msg; 
} else { 
    return false; 
    }

}

来源

2013-05-29 12:19:12

谢谢你。该函数的意义在于，我不必注释掉所有单个'echo'命令，因此将它作为参数传递就会产生相同的问题。为什么要建立一个'全球'关键字不鼓励？ – Ben

使用全局变量时，单词'global'本身并不会被阻止。如果在许多项目共享的函数中使用此全局变量，或者在某些情况下未设置全局变量，可能会出现问题。你的函数在逻辑上应该仅仅依赖于你作为参数传递的东西，仅此而已。将来有人可能会使用它，必须知道它的参数是他必须提供的唯一的东西，没有什么可做的。 – Voitcus

谢谢你的帮助。我已经成功地使用常量重新创建函数。你的回答很好，谢谢。 – Ben

全局变量不能被函数访问，直到你这样做。例如：

function debug($msg({ 
    global $debug; 
    etc...

PS：请不要这样做。找一个更好的方法。真。

来源

2013-05-29 12:20:29 markdwhite

该函数的意义在于，我不必将所有的单个' echo“命令，因此将其作为参数传递会产生相同的问题。你能否提出一个更好的选择？ – Ben

记录。但是define（）会比全局更好。 – markdwhite

$调试是你的全局变量，所以它不是在你的函数访问

来源

2013-05-29 12:22:36 PravinS

还有宣布一个const的可能性，（然后只需确保命名空间是正确的），像这样：

const debug = true; 
function newPrint($msg) { 
    if (\debug === true) { 
     echo $msg; 
    } else { 
     return false; 
    } 
} 
\newPrint("heey");//will print "heey"

所以只是不使用变量，但使用常量。

来源

2013-05-29 12:29:45 Kmtdk

不能正常工作PHP函数（呼应字符串，简单）

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