MySQL插入查询请求资源

我正在xampp上运行以下代码（完美安装）。我用mysqli替换了mysql，并重新排列了查询（连接fisrt，稍后插入语句），但都无济于事。请帮忙。MySQL插入查询请求资源

错误：警告：请求mysql_query（）预计参数2是资源，在串C中给出：\ XAMPP \ htdocs中\ test.php的第19行

<?php 


    $hname = "localhost"; 
    $username = "root"; 
    $password = ""; 
    $db = "test"; 

    $connect = mysql_connect($hname, $username, $password, $db); 


    if ($connect) { 
     echo "Connected to Database <br /> <br />"; 

     $ins = "INSERT INTO 'test'.'testtable' (name) VALUES ('james')"; 

     //mysql_select_db ($connect, "users"); 

     if (mysql_query("INSERT INTO 'test'.'testtable' (name) VALUES ('james')", "mysql_connect($hname, $username, $password, $db)")) { 
      echo "Values Entered Successfully. Your Account was created"; 
     } else { 
      echo "Your Account was not created"; 

     } 

    } else { 
      echo "Failed to Connect :("; 
    } 

?>

来源

2013-04-16 user2285563

mysql_connect中没有$db参数。删除。

检查此链接为mysql_connect参数http://php.net/manual/en/function.mysql-connect.php

为什么你传递mysql_connect($hname, $username, $password)用的mysql_query。你已经在MySQL查询之前创建了一个连接。如果未指定链接标识符，则假定由mysql_connect()打开的最后一个链接。

但是，如果你是特别传递连接语句进行查询，你应该通过作为资源。目前您正在以字符串形式传递。不要将连接语句放在引号中。

还删除数据库和表名称的单引号。

你需要的是：

if (mysql_query("INSERT INTO test.testtable (name) VALUES ('hunaid')", mysql_connect($hname, $username, $password))) { 
    echo "Values Entered Successfully. Your Account was created"; 
} else { 
    echo "Your Account was not created"; 

}

但我认为这是不够

if (mysql_query("INSERT INTO test.testtable (name) VALUES ('hunaid')")) { 
    echo "Values Entered Successfully. Your Account was created"; 
} else { 
    echo "Your Account was not created"; 
}

无需指定连接语句，因为你已经在上面创建它。

此外，而不是在查询中指定数据库。在运行查询之前，请添加mysql_select_db以选择dB。

所以整个事情将是：

$hname = "localhost"; 
$username = "root"; 
$password = ""; 
$db = "test"; 

$connect = mysql_connect($hname, $username, $password); 

if ($connect) { 

    echo "Connected to Database <br /> <br />"; 

    mysql_select_db($db); 

    $ins = "INSERT INTO testtable (name) VALUES ('james')"; 

    if (mysql_query($ins)) { 
     echo "Values Entered Successfully. Your Account was created"; 
    } else { 
     echo "Your Account was not created"; 

    } 
} else { 
    echo "Failed to Connect :("; 
}

更避免过度用mysql *功能。

此扩展从PHP 5.5.0开始已被弃用，并且将来会被删除。相反，MySQLi或PDO_MySQL扩展应使用

希望这有助于你:)

来源

2013-04-16 08:41:03 Sabari

谢谢！这工作和解决了我的问题。再次感谢！ :) – user2285563

"mysql_connect($hname, $username, $password, $db)"不应该在引号。你想调用该函数并将结果作为参数传递，而不是传递一个字符串。

但你真的应该把它作为一个单独的语句，这样你就可以检查错误：

$con = mysql_connect($hname, $username, $password) or die ("Could not connect to DB: ".mysql_error()); 
mysql_select_db($db, $con); 

mysql_query("INSERT INTO 'test'.'testtable' (name) VALUES ('hunaid')", $con);

与您的代码的另一个问题是，mysql_query成功并不表示任何行是否被插入，它只是表明查询在语法上是有效的。您需要拨打mysql_affected_rows()以了解有多少行被插入。

你真的不应该使用mysql扩展，它们已被弃用。你应该使用mysqli或PDO。这将允许您使用预准备语句，以避免SQL注入问题。

来源

2013-04-16 08:33:36 Barmar

错误消失，但“詹姆斯”（值）在数据库 – user2285563

你也给参数太多，不进入到'mysql_connect（）'。没有'$ db'参数，你必须用'mysql_select_db（）'单独执行。看到我更新的答案。 – Barmar

谢谢你这样做，你问我的方式，得到这个错误：警告：mysqli_query（）期望参数1是mysqli，字符串给出在C：\ xampp \ htdocs \ test.php在线20 – user2285563

试试这个连接。

mysql_connect("localhost", "root", "password") or die(mysql_error()); 
    echo "Connected to MySQL<br />"; 
mysql_select_db("test") or die(mysql_error()); 


For the MYSQL INSERT try: 


mysql_query("INSERT INTO testtable (name) VALUES('hunaid') ") 
or die(mysql_error());

希望它有帮助！

来源

2013-04-16 08:40:08 user2223698

你也可以用来连接你的数据库：mysql_connect（$ hname，$ username，$ password）...然后mysql_select_db（$ db）.. – user2223698

MySQL插入查询请求资源

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