显式声明抽象基类

是否有一种方法可以在C++中显式声明基类为抽象类？显式声明抽象基类

我知道我可以在类中创建一个纯虚函数，它将隐式地声明一个类为抽象类。但是，我不想创建一个虚拟函数来定义派生类。

我也可以使受保护的构造函数，它会阻止对象的实例，但实际上并没有将类标记为抽象的。

那么，有没有办法做到这一点？（我使用C++ 11，如果添加了一个办法做到这一点，但我没有发现任何疑似右）

2012-11-14 Xymostech

可以使析构函数纯虚。因为你总是需要一个析构函数，也没有额外的心理成本：

struct Foo 
{ 
    virtual ~Foo() = 0; 
}; 

inline Foo::~Foo() { }

（你做当然需要析构函数的实现，所以你必须提供一个离线）

你仍然可以使析构函数protected，这是遵循“make non-leaf classes abstract”规则的良好实践。

实施例：

struct Bar : Foo { }; 

// Foo f; // Error, Foo is abstract 
Bar b;  // OK

2012-11-14 02:22:42

哇，那有用吗？如同在'Bar'被解构时，'Foo'解构器仍然会被调用？ – Xymostech

@Xymostech：自然地:-)（您可以提供* any *纯虚函数的定义。） –

有趣。看起来Clang给出了一个警告：'注意：当你尝试创建一个'Foo'时，'注意：'Foo'中未实现的纯虚拟方法'〜Foo'，但它很好用！ – Xymostech

有一种方法，以显式地声明基类如C++抽象？

没有，没有。一个类只有在其中至少包含一个抽象方法时才是抽象的。如果你不想让你的基类直接实例化，那么受保护的构造函数是一个不错的选择。

2012-11-14 02:25:08

我喜欢Kerrek的回答。这样该类不能被实例化，因此是抽象的。

但是，它仍然是没有明显的清楚，是一个抽象类，除非你通过扫描类的整个声明，看到析构函数是虚拟的。

另一个想法我已经是你可以创建使用#define单词“抽象”的预处理器定义。这样，你可以这样做以下：

abstract struct Foo {};

这将是没有什么不同

struct Foo {};

我这个看到的问题是，这并不强制类是抽象的，所以你可以使用宏来声明虚拟析构函数。喜欢的东西：

#define ABSTRACT_CLASS(class_name) \ 
    class class_name { \ 
    virtual ~class_name() = 0; //

，然后用它像这样：

ABSTRACT_CLASS(Foo) { 
    // class declaration 
};

这将变成：

class foo { 
    virtual ~class_name() = 0; // { 
    // class declaration 
};

免责声明：我的宏可能会稍微偏离。我不确定它是否实际上将class_name和〜和（）接触到变量名称。另外，我不确定自己是否会这样做，这不是最美丽的解决方案，尤其是对大括号进行评论，因为如果将其放在下一行上，这样做不起作用。但你问过你如何标记抽象的东西，然后把它交给你！

2012-11-14 02:30:16

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