我在合理安全的假设文件将打开？

我有一个程序，我需要在一个命令行参数是一个文本文件的名称。该程序由./programName file1运行。如果我的程序的目的，我可以假设文件1将永远是正确的格式，我可以做我在合理安全的假设文件将打开？

ifstream myFile(argv[1]); 
    if(!myFile.good()){ 
     cout << "Not a valid player file" << endl; 
     return 1; 
    }

，检查是否有这样一个文件，然后简单地

myFile >> var1; 
myFile >> var2; 
myFile.close();

，或者我应该坚持

if(myFile.is_open()){ 
     myFile >> var1; 
     myFile >> var2; 
     myFile.close(); 
    } 
    else{ 
     cout << "Unable to open file"; 
    }

我再次可以假设该文件将始终格式正确（即myFile >> var＃将始终工作）。那么在我的初始检查(!myFile.good())之后有没有可能调用else声明的情况？

2014-10-30 Tommy K

for good（）'返回true，'is_open（）'也必须为true。也就是说，你可以用'good（）'（或者，我最喜欢的，改成'if（myFile）...'，这意味着同样的事情）。 – 2014-10-30 20:03:31

所以只是为了检查，在我的情况，因为我检查！好（）我可以做，如果（！myFile）？ – 2014-10-30 20:07:58

正确，常见。 – MSalters 2014-10-30 20:21:44

您应该主要检查输入的操作，要知道，如果你的文件具有正确的输入格式：

if(myFile >> var1 >> var2) { 
    // Everything's fine 
} 
else { 
    // WRONG FORMAT OR COULDN'T BE OPENED! 
}

要知道在else部分的实际错误的原因，你可以检查由返回的iostate标志std::istream::rdstate()功能。

如果open()失败，则将设置badbit，如果其中一个输入操作失败，则将设置failbit。

2014-10-30 19:37:46

他们应该检查文件是否实际打开。例如。在打开应用程序时可能没有权限访问文件 - 这是一个非常常见的问题。 – 2014-10-30 19:48:23

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