获得一个“友好”的错误消息的异常

Question

我试图连接到数据库，如果有什么错我抛出一个异常：

class Ex_cnt extends Exception{} 
class Ex_slct extends Exception{} 
$server = "localhost"; 
$usr = "root"; 
$pss = "*******"; 
$db = "learn"; 
try{ 
     $cnt = mysqli_connect($server,$usr,$pss); 
     if(!$cnt){ 
      throw new Ex_cnt("wrong in database details"); 
     } 
     $dbslct = mysql_select_db($db); 
     if(!$dbslct){ 
      throw new Ex_slct("wrong database name"); 
     } 
} 
catch(Ex_cnt $error_cnt){ 
     echo $error_cnt->getMessage(); 
} 
catch(Ex_slct $error_slct){ 
     echo $error_slct->getMessage(); 
} 

的问题是，这个代码显示了以下错误

警告：在D：\ xampp \ htdocs \ learn \中为mysqli_connect（）[function.mysqli-connect]：（28000/1045）：拒绝用户'root'@'localhost'（使用password：YES）第10行的index.php 无法连接

我希望它只是显示

无法连接

Answer 1

你应该在生产环境中关闭display_errors。

ini_set('display_errors', 0); 
error_reporting(E_ALL); // While error reporting should remain at full force 

Answer 2

尝试使用：

$cnt = @mysqli_connect($server,$usr,$pss);