PHP - 从数据库中获取值并显示已知值

我一直在寻找这一段时间..这可能很简单，但我似乎无法做到正确。PHP - 从数据库中获取值并显示已知值

我的网站使用带翻译的文件。每个翻译都有它自己的变量。
像：$_text_login（它转换为：登录或Aanmelden或Derp）。

我在我的数据库中创建了一个菜单表。其中一个菜单项有文字：$_text_login

显然，当我得到菜单信息时，它没有显示当前设置的变量值，它只是显示$_text_login。

我试过eval()但是，这并不工作..

谁能帮助？

来源

2015-04-22 TheSource85

如果$ _text_login是一个变量，要渲染的STR它包含，你需要回声。例如：<？= $ _ text_login;？> – Kisaragi

所以基本上你需要帮助让你的模板系统工作？ –

如果你不得不求助于'eval（）'或*变量变量* hacks来让它起作用，无论如何，这对我来说意味着你做的事情很奇怪（或者错误）。如果我是你并且重新思考，我可能会回到这个画板上。 – CD001

我不推荐这种方法，我会santize变量名，但是从它的声音，你可以实现你说的话有：

echo eval('return '. $item . ';');

凡$项目会从结果数据库。

来源

2015-04-22 14:58:47 Muggles

可以说$row是您从数据库中收到的结果，而text是包含该变量的列的名称。然后，你可以这样做：

echo $$row['text'];

如果$row['text']为_text_login这应该输出的$_text_login值。数据库中不应该有$。

http://php.net/manual/en/language.variables.variable.php

来源

2015-04-22 14:58:51 lshas

根据PHP的文档，你可以只使用$$varname结构：我的意思是：

<?php 
$fruit = "apple"; 
$variable = "fruit"; 

print_r($$variable); //outputs apple

来源

2015-04-22 15:00:16 Zeusarm

明白了！谢谢..

评估和演示工作做最后。因为我相匹配的实际变量... 我觉得自己很蠢，现在..

而（$ main_obj = $ query_mainmenuitems-> fetch_object（））{

  if (preg_match('/\$text_/',$main_obj->value)) { 
       $mainmenu_title = eval('return '.$main_obj->value.';'); 
      } else { 
       $mainmenu_title = $main_obj->value; 
      }

}

它不应该是$ _text_logon ..我的所有的翻译有$ text_ [无论]

来源

2015-04-22 15:27:04 TheSource85

PHP - 从数据库中获取值并显示已知值

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