id不会将所选关联的ID图像发送出去

Question

我试图让选定的产品ID的图像向前移至我的结帐页面，截至目前，它传送了我在我的第一个产品图像上列出的图像主要产品页面。

我都在foreach循环中这样列出我的产品..

<?php 
// Loop to display all products 
foreach($products as $id => $product) { 
?> 
    <div class="item"> 
     <div class="productpiccontainer"> 
      <?php echo "<img class='productpagesizedimg' src='productpics/".$product['img'] ."' alt='Product Pic'>"; ?> 
     </div>  

     <p><?php echo "<a href='./viewProduct.php?view_product=$id'>" . $product['product_name'] . "</a>"; ?></p> 
     <p><?php echo "$" . $product['price']; ?></p> 
    </div> 
<?php 
} 
?> 

我能够得到正确的产品形象，当我的产品选择。这将我带到一个名为viewProducts.php的页面。它在这个页面上效果很好。我拉产品ID和图像这样的..

<?php 
$result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM products where product_id =".$_GET['view_product']); 
if($row = mysqli_fetch_array($result)) { 
    $products[$row['product_id']] = $row; 
    echo "<img class='sizedimg' src='productpics/".$row['img'] ."' alt='Product Pic'>"; 
} 
?> 

东西我虽然注意到的是，我有viewProducts.php页面上此代码..

// View Product 
if(isset($_GET['view_product'])) { 
    $product_id = $_GET['view_product']; 

而且我没有在我的结帐页面。当我尝试将以上代码添加到我的结帐时，它会破坏所有内容。我有我的结帐页面更加PHP代码，只需要对图像部分的代码，所以我想通过这样的图像代码周围..

<?php 

// View Product 
if(isset($_GET['view_product'])) { 
    $product_id = $_GET['view_product']; 
    $result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM products where product_id =".$_GET['view_product']); 
    if($row = mysqli_fetch_array($result)) { 
     $products[$row['product_id']] = $row; 

     if($row['image'] == ""){ 
      echo "<img class='sizedimg' src='productpics/".$row['img'] ."' alt='Product Pic'>"; 
     } 
     echo "<br><br><br><br>"; 
    } 
} 
?> 

与该代码，我得到了一个空白点。图像完全不显示。我有没有做对吗？

UPDATE：

<?php 
if(isset($_GET['view_product'])) { 
    $product_id = $_GET['view_product']; 
} 
$result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM products where product_id =".$_GET['view_product']); 
if($row = mysqli_fetch_array($result)) { 
    $products[$row['product_id']] = $row; 

    echo "<img class='sizedimg' src='productpics/".$row['img'] ."' alt='Product Pic'>"; 

    echo "<br><br><br><br>"; 
} 
?> 

错误：

警告：mysqli_fetch_array（）预计参数1被mysqli_result，在给定的/home4/pfarley1/public_html/checkout.php上线布尔474

对于此行

if($row = mysqli_fetch_array($result)) { 

UPDATE：

当我有这样的代码，我得到的图像显示出来，但它是我在我的数据库中的第一个产品了一遍又一遍，因为我有我的购物车中的产品的量...

<?php 
$result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM products"); 
if($row = mysqli_fetch_array($result)) { 
    $products[$row['product_id']] = $row; 

    if($row['image'] == ""){ 
     echo "<img class='sizedimg' src='/productpics/".$row['img']."' alt='Product Picture'>"; 
    } 

} 
echo "<br><br><br><br>"; 
?> 

Answer 1

if($row['image'] == ""){ 
    echo "<img class='sizedimg' src='productpics/".$row['img'] ."' alt='Product Pic'>"; 
} 

清除这段代码有一件事是

$row["image"] 

和

$row["img"] 

两者相同或不同。意味着你错过了键入或实际上两列存在于数据库中，这些列有什么价值？