mysql_fetch_object（）：提供的参数不是一个有效的MySQL结果资源

我想设置一个简单的cron脚本来做一些数据库更新，而且我没有ActiveRecord（我使用CodeIgniter）没有价值。我不断收到错误消息，mysql_fetch_object（）：提供的参数不是一个有效的MySQL结果资源

mysql_fetch_object(): supplied argument is not a valid MySQL result resource

用下面的代码：

mysql_connect("localhost", "user", "pass") or die(mysql_error()); 
mysql_select_db("my_db") or die(mysql_error()); 
$query = "select visit_e_id, visit_e_type from visits"; 
$result = mysql_query($query) 
or die("Query failed: ".mysql_error()." Actual query: ".$query); 

while($row=mysql_fetch_object($result)) 
{ 
    .... 
}

就像我说的，我不直PHP和MySQL（这个伟大的希望得到有关如何将任何意见可以用作cron作业一部分的某种框架或ActiveRecords）。有什么想法吗？

来源

2010-08-17 tchaymore

是不是打印出“查询失败：”错误信息？尝试'var_dump（$结果）;' - 唯一的其他可能的原因是简单的错误 – 2010-08-17 06:18:04

可能重复的[mysql_fetch_assoc（）：提供的参数是不是一个有效的MySQL结果资源在PHP]（http://stackoverflow.com/questions/ 1858304/MySQL的取入ASSOC提供的参数的此结果不是一个有效MySQL的对结果的资源在-PH） – 2011-09-16 17:49:48

如果将mysql_connect作为变量分配并将其作为链接标识符作为第二个参数传递给mysql_select_db和query函数，会发生什么？

$db = mysql_connect("localhost", "user", "pass") or die(mysql_error()); 
// Check to see if valid connection 
var_dump($db); 

mysql_select_db("my_db", $db) or die(mysql_error()); 
$query = "select visit_e_id, visit_e_type from visits"; 
$result = mysql_query($query, $db) 
or die("Query failed: ".mysql_error()." Actual query: ".$query); 

while($row=mysql_fetch_object($result)) 
{ 
    .... 
}

还要确保查询语法正确，没有拼写错误或错别字

来源

2010-08-17 06:45:15 Stoosh

此错误是非常简单和不言自明 - 一个$ result变量中有意想不到的类型。
因此，你必须这样做一些调试。在循环前后添加var_dump($result);并研究输出。

来源

2010-08-17 07:05:45

mysql_fetch_object（）：提供的参数不是一个有效的MySQL结果资源

回答

相关问题