将JSON对象转换为Java中的简单变量

我有一个非常沉重的JSON，它有很多参数，我想将其转换为包含其中几个参数的Java对象。将JSON对象转换为Java中的简单变量

直接转换如本

DataObject obj = gson.fromJson(br, DataObject.class);

不是一个选项。

如何访问对象（date下只是value和typeattributes下completion_date下）中的各个领域？ JSON示例：

{"results":[ 
    {"date":{ 
     "attributes":{ 
     "type":null}, 
     "value":"December 13, 2010"}, 
    "is_structured":"No", 
    "completion_date":{ 
     "attributes":{ 
      "type":"Anticipated"}, 
     "value":"March 2016"}, 
    ....

来源

2015-04-01 FloIancu

“不是一种选择”？为什么？ – Dima 2015-04-01 13:32:34

可能你是在谈论JSON.parse看看这个http://stackoverflow.com/questions/4935632/parse-json-in-javascript – 2015-04-01 13:35:23

所以你有你的JSON作为字符串，你想直接访问给定的属性？或者你有某种Map或JsonObject？ – 2015-04-01 13:42:09

如果你不想直接将您的输入转换为预期的对象，您可以从输入中创建JSONObject，如

JSONObject root = new JSONObject(input);

，然后导航到，这正是你所需要例如为：

root.getJSONArray("results").getJSONObject(0).getString("is_structured");

编辑属性：（接收date下value）

root.getJSONArray("results").getJSONObject(0).getJSONObject("date").getString("value");

来源

2015-04-01 13:41:38 ceekay

谢谢你的回答！获取子字段的语法是什么，例如'date.value'？ – FloIancu 2015-04-02 09:36:30

因此，您必须导航到更深的'JSONObject'。查看我的编辑 – ceekay 2015-04-02 10:18:45

完美工作。感谢您花时间向我解释，我现在肯定掌握了这件事！ – FloIancu 2015-04-03 12:54:28

您可以在bean定义中只包含需要的字段。例如，给出下面的JSON

{ 
    firstName: 'It', 
    lastName: 'works', 
    ignoreMe: '!!!' 
}

bean定义不包含ignoreMe：

public class Contact { 
    public String firstName; // setter and getter 
    public String lastName; // setter and getter 
}

但它与GSON工作：

Gson gson = new Gson(); 
Contact contact = gson.fromJson(new FileReader(new File("test.json")), Contact.class); 
System.out.println("It worked!");

来源

2015-04-01 13:41:30 Raffaele

将JSON对象转换为Java中的简单变量

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