快递JS需要根据路线

Question

不同的模块，我有一个应用程序，我想在快递安装使用app.use，如：

app.use(require('./foo')); 

当这样定义这将返回在同级应用程序文件foo.js：

var router = require('express').Router({ mergeParams: true }); 
module.exports = router; 
router.get('/', function (req, res) { 
    res.send(200); 
} 

// Navigate to /foo -> 200 ok! 

然而，我想引用基于请求路径上的其他应用程序，以便代替

app.use(require('./foo')); 

我们可以做

app.use(function (req, res) { 
    require(req.path); 
}; 

所以如果有一些文件bar.js，我们可以想见，

// Navigate to /bar 
returns bar app. 

但是，这并不工作，而是超时，因为我相信它没有安装所需的应用程如何将回调传递给app.use，以便装载回调函数定义中定义的所需应用程序？

感谢您的任何帮助。

Answer 1

几件事情需要考虑：

1）您将需要调用路由器本身（这就像任何中间件(req, res)功能），并通过它你的要求。

app.use(function (req, res) { 
    var router = require('.' + req.path); // or whatever your lookup method looks like 
    router(req, res); 
}); 

2）由于上述未安装任何路径上的主中间件，req.path将保持不变（例如'/foo'），永远不会匹配儿童路由器的.get('/')路由。您可以通过让子路由器.use()的中间件解决此问题，这与您已经在应用程序端点中一样好。 （请注意，如果您的中间件足够简单，您也可以仅导出中间件本身而不是整个路由器）

// foo.js 
router.use(function (req, res) { 
    res.send(200); 
}); 

Answer 2

查看Express req.path的文档。

http://expressjs.com/en/api.html

看起来req.path将返回类似/foo，但你需要它./foo为它找到该文件，并要求它。试着改变你的要求是

require('.' + req.path);