基于数据库生成简单的JSON文件

嘿，我是iOS开发人员我想从我的网站创建简单的JSON输出。我发现很好的开始link，这里是一些解释如何做到这一点。基于数据库生成简单的JSON文件

所以我accounts.php文件中创建并把它放到我的public_html文件夹

<?php 

include_once("JSON.php"); 
$json = new Services_JSON(); 

$link = mysql_pconnect("localhost", "user", "pass") or die("Could not connect"); 
mysql_select_db("iglobe") or die("Could not select database"); 

$arr = array(); 

$rs = mysql_query("SELECT * FROM users"); 
while($obj = mysql_fetch_object($rs)) { 
    $arr[] = $obj; 
} 

Echo $json->encode($arr); 

?>

当然，我用我的用户名和密码和我指出我刚刚创建的数据库OB我的结束。

所以当我尝试请求我的文件，所以http // mywebsite.com/accounts.php没有数据。

我试图使用谷歌浏览器和邮差，所以它说，当我切换到JSON没有收到响应。对于HTML，Postman中没有信息。

我的问题我该如何测试它？即使我在include_once（“JSON.php”）之前使用Echo（123）行在html页面上没有123。

我试着用只有这个代码来测试PHP：

<?php 
    phpinfo(); 
    ?>

和它的作品。我有PHP版本5.4.32

来源

2015-11-23 Matrosov Alexander

我觉得你的代码崩溃到达回声之前...如果你没有看到123 – Ljubisa

开启所有调试选项：'display_errors'和'error_reporting'。如果没有别的，即使查询完全禁止，你应该得到一个空的json编码数组：'[]'。既然你不是，那么脚本会在echo语句之前保存下来。 –

在每个命令之后添加回显并查看它在哪里中断..所以一个在$ link之前，一个在$ rs之前一个 – Ljubisa

首先，简单地使用PHP的函数json_encode($arr)。它完全符合你的要求，几乎包含在我能想到的每个PHP版本中。

Documentation

而且，我不知道这是否是问题，但你可能要更改Echo==>echo。这至少是一般惯例。

SUPER重要

最后，请不要使用mysql扩展。它很危险，可能无法正常工作，并且存在安全漏洞。使用mysqli或PDO。

来源

2015-11-23 21:19:29

Matrosov -

你非常接近。使用json_encode函数通过PHP手册输出您的代码。另外考虑使用mysqli而不是mysql来进行数据库连接，因为它更好地支持现代MySQL服务器。

http://php.net/manual/en/function.json-encode.php

http://php.net/manual/en/book.mysqli.php

<?php 

    include_once("JSON.php"); 

    $link = mysqli_connect("localhost", "user", "pass") or die("Could not connect"); 
    $link->mysql_select_db("iglobe") or die("Could not select database"); 

    $arr = array(); 

    $rs = mysql_query("SELECT * FROM users"); 
    while($obj = mysql_fetch_object($rs)) { 
     $arr[] = $obj; 
    } 

    echo json_encode($arr); 

    ?>

来源

2015-11-24 00:36:12 TheGrandPackard

基于数据库生成简单的JSON文件

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