为什么这个变量作为一个对象？

我在编程世界很新。这可能是一个非常愚蠢的问题。但是我需要一个关于这个问题的清晰概念，这就是我问这个问题的原因。为什么这个变量作为一个对象？

<?php 
    $json = '{"a":1}'; 
    $data = json_decode($json); 
    echo $data->a; 
?>

我学习的时候，我们称之为对象应该是

$data = new json_decode($json);

为什么这个$data工作作为对象而不new？

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2015-10-20 Satu Sultana

您需要将另一个参数的解释很清楚TRUE;把它作为一个'assoc命令array' –

我的问题是为什么它作为一个对象工作？ –

它因为'json_decode' **需要一个JSON编码的字符串并将其转换为一个PHP变量。**。检查[文档]（http://php.net/manual/en/function.json-decode.php）以了解'json_decode'的工作方式 –

您需要将它存储在一个变量中，以便像数组一样使用。

<?php 
    $json = '{"a":1}'; 
    $data = json_decode($json,true); 
    echo $data['a']; 
?>

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2015-10-20 07:24:51

默认情况下json_decode（没有提供第二个参数）将返回对象，这意味着该函数本身将创建（和返回）为您的新stdClass。

如果你想数组来代替：

$data = json_decode($json, true);

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2015-10-20 07:24:52 vitozev

这是因为您使用的函数返回一个实例。

当您使用新的运算符时，您将从className明确创建一个实例。举例：

function return_instance() { 
    return new ClassName(); 
} 
$obj1 = return_instance(); 
$obj2 = new ClassName(); 
// The two objects return the same type of object

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2015-10-20 07:25:52 jedema

'json_decode（）'默认返回一个对象.. – Darren

是的。这是他的目标。你需要将JSON转换为对象（或者根据文档http://php.net/manual/fr/function.json-decode.php） – jedema

json_decode默认情况下会尝试返回一个对象而不是数组。这样做你不需要json_decode，而只需直接调用该函数。您可以通过添加第二个参数true来返回数组。

例如：

$asObject = json_decode($jsonText); 
$asArray = json_decode($jsonText, true);

的new关键字主要调用类的构造函数来创建新的对象。如果你喜欢，你可以将json_decode想象成在函数内部调用new，以便为你创建一个新对象。

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2015-10-20 07:27:29 developerjack

becouse json_deocde返回类型是对象类型的在这里是示例

function jsonDecode($json){ 
    //here logic of decoding; 
    return new stdClass(); 

}

现在将对象的类型

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2015-10-20 07:28:20

即JSON数组，它可以被转换为一个对象或一个关联数组。如果使用功能

$object = json_decode($array);

目标变量将被视为一个对象。如果你的意志仅仅是解码的JSON数组关联数组，你必须添加阵列

$assArray= json_decode($array,true);

在这种情况下，后一个真实的，你可以访问该值作为一个普通阵列

echo($assArray["a"]);

将输出1。

不过我建议你检查官方手册，在这些功能

PHP Official manual json_decode

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2015-10-20 07:33:53 Lucarnosky

为什么这个变量作为一个对象？

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