JQuery与PHP，使用$ .ajax

我一直在努力整整一天，我似乎无法通过使用$ .ajax函数发送通过JSON对象到PHP文件的权利。我最终发现它是正确的，但现在它拒绝解码。

// JQuery的文件

  var user = 
     { 
      "email" : document.getElementById('email1').value, 
      "password" : document.getElementById('pwd1').value, 
      "fname" : document.getElementById('firstname').value, 
      "lname" : document.getElementById('lastname').value, 
      "gender" : Validator.getGender(), 
      "dob" : document.getElementById('dob').value 
     }; 
     JSON.stringify(user); 

      user = {json:user}; 

      $.ajax({ 
        type: "POST", 
        url: "register.php", 
        dataType: 'json', 
        data: user, 
        success: function(result) 
        {  

         alert("It worked :D"); 
         alert(result); 
        }, 
        failure: function() 
        { 

         alert('whoops'); 
        } 
       });

// PHP文件

<?php 
    $json = $_REQUEST['json']; 
    $json = stripslashes($json); 

    $jsonobj = json_decode($json); 

    $fname = $jsonobj->fname; 
    $lname = $jsonobj->lname; 
    $password = $jsonobj->password; 
    $email = $jsonobj->email; 
    $gender = $jsonobj->gender; 
    $dob = $jsonobj->dob; 
    echo $gender;

？>

我做的东西完全傻了？我只是回应了性别变量，但实际上我会用它来将它输入到数据库中。

感谢提前:)

编辑：

会如何，如果我的PHP文件看起来像这样，将它的工作：

session_start(); 
$db = mysql_connect("localhost", "root"); 
if(!$db) 
{ 
    die("DB connection failed: " . mysql_error()); 
} 

$db_select = mysql_select_db("tinyspace", $db); 
if(!$db_select) 
{ 
    die("DB connection failed: " . mysql_error()); 
} 

$json_string = $_REQUEST["json"]; 
$jsonobj = json_decode($_REQUEST["json"]); 
$fname = $jsonobj -> fname; 
$lname = $jsonobj -> lname; 
$pwd = $jsonobj -> password; 
$email = $jsonobj -> email; 
$gender = $jsonobj -> gender; 
$dob = $jsonobj -> dob; 

$sql("INSERT INTO tinyspace.users (email, password, firstname, lastname, gender, dob) VALUES ('$email','$password','$fname', '$lname','$gender','$dob')"); 

if (!mysql_query($sql,$db)) 
{ 
    die('Error: ' . mysql_error()); 
} 

mysql_close($db);

来源

2012-10-16 Crossman

数据类型参数定义的典型e数据，你期待回来，而不是你发送到服务器的类型，只是删除，让JQuery分析服务器响应 – sdespont

的问题是，你正在使用datatype =json并试图以回应result.So它将无法正常工作它将只接受json数据

你需要删除这个

dataType: 'json',

或回声成才这样

$gender=array(); 
$gender['gender']=$jsonobj->gender 
echo json_encode($gender);

您还没有创建JSON

使用本

var user = 
     { 
      "email" : document.getElementById('email1').value, 
      "password" : document.getElementById('pwd1').value, 
      "fname" : document.getElementById('firstname').value, 
      "lname" : document.getElementById('lastname').value, 
      "gender" : Validator.getGender(), 
      "dob" : document.getElementById('dob').value 
     }; 
     var userjson= JSON.stringify(user); 

      user = {json:userjson};

或

data:{'json' :userjson}

来源

2012-10-16 17:20:25 StaticVariable

但在例如，我不想返回任何东西，只是想添加数据到数据库，我怎么会让它知道它是成功的？ – Crossman

是的，只是不指定数据类型; '$ .ajax（）'足以确定类型本身。（这就是我通常使用'$ .post（）'的原因，99％的情况下它使用正确的默认值）。 – sgroves

@Crossman你可以使用'dataType：'html''或者你可以使用适当的编码serverside。 – StaticVariable

JQuery与PHP，使用$ .ajax

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