我正在创建一个人员招聘网站,并且在向上一页上创建的记录中添加新数据时遇到问题。为了便于使用,我将表单分成多个步骤(每一步都在一个新页面上),其中步骤1在候选数据库表中创建记录并插入候选人的个人详细信息(姓名,姓氏,联系方式,性别等),并将用户发送到下一页(步骤2),其中可以上传配置文件图片,并将图像路径插入到新创建的记录中的字段中。正在更新我刚刚创建的记录
问题来了,我似乎无法获得调用相关记录的记录ID的代码。我想过使用mysql_insert_id,但问题是双重的。首先,我不确定我是否知道如何正确使用它,并且多次Google搜索都没有让我更聪明。其次,由于该公司将在全国各地设立多个分支机构,因此有可能两个用户同时添加候选人,并且用户A可能最终将照片添加到用户B创建的记录中。
我已经尝试使用$ _POST来获取记录ID,但是数据一旦插入表格后似乎不会将数据传递到下一页。
我对PHP并不完全陌生,但这并不是我以前做过的事情,因为我曾经有一个朋友会处理这种事情,但不幸的是,他几个月前去世了,所以我不得不在我走的时候学习如何做到这一点,取得一点成功。
我希望我对自己的问题已经够清楚了,因为我有点不知所措。
任何援助将不胜感激。
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