返回Django中的文件路径没有文件扩展名

Question

请与我裸露，我是新来的Django/Python的，所以很可能是一个简单的解决我的问题......

我创建我的Django网站上的多媒体应用程序允许用户上传照片，视频和音频 - 文件在第三方服务（mp4，ogg，webm和flv for videos）上编码，然后保存到Amazon S3上的用户存储桶中。我专门寻找一个优雅的解决方案来以HTML5格式显示用户的视频。这里是我的模型的外观：

class Video(models.Model): 
    file = models.FileField(upload_to = user_video_folder) 
    owner = models.ForeignKey(User) 
    video_title = models.CharField(max_length=100) 
    video_caption = models.CharField(max_length=150, blank=True) 
    date_added = models.DateTimeField(auto_now_add=True) 
    date_updated = models.DateTimeField(auto_now=True) 
    def __unicode__(self): 
    return self.video_title 

，那么该观点：

def ViewAllVideos(request): 
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user) 
    template = 'site/media-videos.html' 
    return render_to_response(template, {'videos': videos}, context_instance=RequestContext(request)) 

在模板中，我需要打印的路径，即在编码过程中产生的多种文件格式，并希望能不必须在我的模型中添加一列，每个格式，所以我想知道是否有一种方法来返回文件路径与文件名，但没有扩展名，所以它想在模板中这样：

<video width="900" height="506" preload="" controls="" autoplay=""> 
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.mp4" type="video/mp4;"> 
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.ogg" type="video/ogg;"> 
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.webm" type="video/webm;"> 
    <object width="900" height="506" type="application/x-shockwave-flash" data="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf"> 
     <param name="movie" value="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf"><param name="allowfullscreen" value="true"> 
     <param value="config={"clip": {"url": "{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.flv", "autoPlay":false, "autoBuffering":true}}" name="flashvars"> 
    </object> 
</video> 

任何帮助表示赞赏！干杯!

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这是我的新观点：

def ViewAllVideos(request): 
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user) 
    filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0] 
     for video in videos] 
    context = { 
     'videos': videos, 
     'filenames': filenames,} 
    template = 'site/media-videos.html' 
    return render_to_response(template, context, context_instance=RequestContext(request)) 

Answer 1

你可以添加类似下面给你的模型，然后使用{{video.file_minus_extension}}

def file_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(self.file.url) 
    return basename 

编辑：根据评论，只返回文件名

def filename_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(os.path.basename(self.file.name)) 
    return basename 

Answer 2

我认为你正在寻找的东西是一样的东西：

os.path.splitext('file.ext')[0] # Will return just 'file' 

注：据说这是在视图中被执行并将返回的值传递给您的模板。

例如，在你看来，你可以这样做：

filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0] 
      for video in vides] 
... 
context = {'videos': videos, 
      'filenames': filenames, 
      } 
return render_to_response(template, context, ...) 

我觉得你只是使用video.file在你的模板，所以也许你甚至可以不把它传递给模板，因为它将不再需要。