Ajax帖子正确形成，但不返回成功数据

Question

我有这段代码使用Ajax提交表单数据。让我们看看这里：

$(document).ready(function(){ 

    $('input.friend-request').click(function() { 
     addFriend(); 
    }); 
}); 

function addFriend() { 
    var val = 'test'; 
     $.ajax({ 
      type: "POST", 
      url : "server.php", 
      data : $("#addFriend").serialize(), 
      //console.log(data); 
      success : function(data) { 
       console.log(data); 
       if (data==1) { 
        //$('input.friend-request').hide(); 
        $("#addFriendSuccess").html('friend request sent').fadeIn(1000); 
        $("#addFriendSuccess").fadeOut(5000); 
       } else { 
        alert('something is wrong'); 
       } 
      } 
     },"json"); 
} 

这是处理表单数据插入到数据库中的server.php文件代码。

include 'db.php'; 

$session = $_POST['session']; 
$friend = $_POST['friend']; 
if ($session = $_POST['session'] && $friend = $_POST['friend']) { 
    $newSql = "INSERT INTO friend_request(user_id,friend_id) VALUES ('$session', '$friend')"; 
    $addQuery = mysqli_query($db, $newSql); 
    echo '1'; 
} 

在这个阶段一切正常，数据插入正确的数据库。如果数据是成功的echo '1'这里返回：

if (data==1) { 
    $("#addFriendSuccess").html('friend request sent').fadeIn(1000); 
    $("#addFriendSuccess").fadeOut(5000); 
} 

我想显示用户在适当的DIV（addFriendSuccess）的消息，该分区包括在体内。但它不起作用，不会向用户显示任何消息。即使console.log(data)也不会记录任何内容。这里可能发生了什么错误？

Answer 1

如何：

function AddFriend() { 
    return $.ajax({ 
     type: "POST", 
     url : "server.php", 
     data : $("#addFriend").serialize(), 
    }); 
} 

function AddFriendError(x, y, z) { 
    alert(x + '\n' + y + '\n' + z); 
} 

function AddFriendResult(jqXHR, textStatus) 
{ 
    var data = JSON.parse(jqXHR);//I changed this, you can also try this again below.. 

    if (data === "1") { //or data === "1" 
     $("#addFriendSuccess").html('friend request sent').fadeIn(1000); 
     $("#addFriendSuccess").fadeOut(5000); 
    } 
} 

$.when(AddFriend()).then(AddFriendResult, AddFriendError);