体验类实现一个接口

你好我使用Symfony2的框架，以使一个网站。我在PHP中定义的接口，如：体验类实现一个接口

interface AdminPluginInterface { 
    public function getName(); 
}

现在我想知道的所有类，加载由Symfony2的UniversalClassLoader，实现我的接口，使用他们喜欢的：

foreach ($classes as $class) 
{ 
    $class->getName(); 
}

谢谢为你的答案！

来源

2012-03-06 Valentino Dell' Aica

的Symfony无法知道所有的类。当您使用未定义的类时，自动加载器会猜测文件的路径。您需要手动迭代项目中的所有文件，并检查其中的类是否实现了接口。这并不容易。你需要什么？也许你可以用另一种解决方案？ – meze 2012-03-06 09:17:45

使用is_a()功能尝试：

foreach ($classes as $class) 
{ 
    $classname = $class->getName(); 
    var_dump(is_a($classname,'AdminPluginInterface')); 
}

欲了解更多信息，请访问：

来源

2012-03-06 08:46:42 Sarfraz

也许写的不好，我想获得的贯彻阵列'$ classes' – 2012-03-06 12:43:28

-1

这是有点老了，但我认为

class_implements()

是你所需要的:)

来源

2015-03-31 22:34:04 denkweite

'class_implements'不会通过所有的类搜索作为被要求在该接口的类的列表。 – Kwebble 2017-07-08 11:17:42

由于类将它们只能使用自动加载，你不能列出你的源代码中的所有类。你只能得到一个正在使用调用get_declared_classes的类。一种解决方案是指定一个插件目录，并扫描其中的类文件，导入，然后检查类实现使用class_implements 看看this question answers用于扫描一些代码示例，如果您的接口是由一些声明的类中实现你的界面

来源

2015-11-30 09:55:01

+1指出，你不能列出你的源代码，但只有当前加载的那些，这是不平凡搞清楚，如果你不知道磁带自动加载机是如何工作的所有类。 – 2015-12-16 15:00:45

体验类实现一个接口

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