Python超级（）和继承的类目录位置

我想弄清楚如何让一个系统，我正在使用的UI项目的主题管理器，我正在努力正常工作。Python超级（）和继承的类目录位置

例子：

文件结构：

element.py - class Element() 
button.py  - class Button(Element) 
text.py  - class Text(Element) 
input/text.py - class Text(Element)

我使用类名在我的主题不同的属性。（类似于CSS）

所以'元素'可以使文本颜色为白色。

目前，我有所有UI元素的“元素”继承和使用：

self.__class__.__name__.lower()

这是工作的“按钮”和“元素”，问题就来了成input.text VS文字游戏。文本用于显示文本的所有用途，因此它几乎在所有元素中使用，但input.text类也被命名为Text，用于Text Input，我希望使用像'input.text'这样的属性选择器而不是'text '我现在用class.name得到它。

我想在最后设置它，所以它有一个插件系统为他人添加元素，并能够使用目录结构作为属性选择器的一部分。

例如：

Button class: button 
Text class: text 
Text Input class: text, but in the directory 'input'

我试图找出如何让Python来检查，如果“自我”的元素从超（）调用是在下面，其中“element.py”是一个目录。这会将目录名称添加到它检查的属性的类名称中。

最终结果将是：

element 
button 
text 
input.text

TLDR：我需要知道如何检查，如果继承的类是在不同的目录的基类，什么该目录被调用。

感谢您对此进行任何帮助。

来源

2017-07-04 ecool

我不相信你想要做的事情很容易实现或一个好主意。我推荐（没有特定的顺序）1）将input/text.py中的类重命名为'InputText'，2）根据文件路径和名称单独建立一个类名（这不是一个好主意，而是比使用类名和文件路径要好），或者3）默认为类名，但允许类通过在某处指定可选字段来覆盖名称。如果您希望获得某些帮助，请编辑您的问题。 – supersam654

好的，我发现如何按照我想要的方式做到这一点。只是回答这个问题，而我也想到@ supersam654的评论。

我能找到如何从继承的类与获取路径：

import os, sys 

el = os.path.dirname(sys.modules[self.__class__.__module__].__file__).split('/') 
base = os.path.dirname(__file__).split('/') 
for i in base: 
    el.remove(i)

任何东西“厄尔尼诺”遗留下来都会有，我可以使用单独的目录名。

来源

2017-07-05 01:15:52 ecool

Python超级（）和继承的类目录位置

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