警告：mysql_fetch_assoc（）：提供的参数不是第5行的/home/a8107556/public_html/index.php中的有效MySQL结果资源

Question

我遇到了一个我一直在处理的页面的问题，并且我得到那个错误。有人可以帮忙吗？

感谢

<?php 
include 'connect.php'; 
$desc1 = mysql_query("SELECT * FROM desc WHERE descnum='1'"); 
$desc2 = mysql_fetch_assoc($desc1); 
?> 
<link rel="stylesheet" type="text/css" href="style.css" /> 
<div id="bar" align="center"> 
<h3><a href="index.php"/>Home</a></h3> 
</div> 
<div id="desc"> 
<?php echo $desc2['description']; ?> 
</div> 

Answer 1

你可能有一个问题，因为表名递减，在SQL/MySQL的递减是一种操作意义下降。它是一个保留的关键字，所以你的sql语句可能是无效的，因此不会返回有效的结果。

Answer 2

TomC撞到了头上。 “desc”不是理想的表名。这可以通过使用反引号“'”括所有的表名和列名被简单地克服：

$desc1 = mysql_query("SELECT * FROM `desc` WHERE `descnum`='1'"); 

此外，您可能希望编辑您的查询执行到包括mysql_error函数返回SQL错误回：

$desc1 = mysql_query("SELECT * FROM `desc` WHERE `descnum`='1'") or die(mysql_error()); 

最后需要说明的是，PHP不鼓励MySQL扩展......相反，可用MySQLi或预处理语句（http://php.net/manual/en/function.mysql-query.php）