什么时候C++默认赋值运算符变得无法访问？

如果我定义自己的赋值操作符，它有不同的签名比正常生成默认赋值运算符：什么时候C++默认赋值运算符变得无法访问？

struct B; 
struct A { 
void operator = (const B& b) { 
    // assign something 
} 
};

确实默认赋值运算符，在这种情况下operator = (A&)（或类似的，如果错了指正）变得未定义/无法访问？

AFAIK这是默认的构造函数，它不存在，如果我们定义一些其他的构造如此。但我真的不确定这是否是其他“魔术”默认值的情况。

我之所以问：我想避免默认的拷贝构造函数通过隐式类型转换意外调用。如果它不存在，它永远不会发生。

来源

2009-08-19 hirschhornsalz

号12.8/9说，对于类X赋值运算符必须是非静态的，非模板与式X，X &的参数，X常量&，X挥发性&或X常量挥发性&。还有一个说明强调模板的实例不能抑制隐式声明。

来源

2009-08-19 13:04:57 AProgrammer

感谢您的标准参考！这实际上比我的例子说的更多。 – xtofl 2009-08-19 13:08:47

你说得对。我会删除我的答案。 – 2009-08-19 13:09:29

@Neil，你想知道use = default可能是什么。一个是要明确可用的内容，另一个是要改变可访问性，第三个是允许实现不内联，同时确保类的进化不会打破它。另一个理由是，这个特征的范围比分配范围更广，即使它没有用，也没有动机去做例外。 – AProgrammer 2009-08-19 13:17:44

由于A& operator=(B&)还没有的A& operator=(const A&)签名，这无助于合成assignement操作。

看看this snippet at codepad.org - 只要一个例子算作证据。

试驾科莫它也表明，A& operator=(const A&)合成。

来源

2009-08-19 12:59:54 xtofl

非常有趣的例子。我将使默认的复制分配操作员保密。 – hirschhornsalz 2009-08-19 13:09:12

AFAIK对于默认的构造函数，如果我们定义了一些其他的构造函数，这是不存在的。但我真的不确定这是否属于其他“魔术”默认设置。

默认拷贝构造函数不会通过提供另一个构造的影响...

我之所以问：我想避免默认的拷贝构造函数通过隐式类型意外地称为转换。如果它不存在，它永远不会发生。

...或赋值运算符。例如：

class A { 
      private: 
      A& operator= (const A& a); // private here means: forbidden operator 
      public: 
      A(int i) {} 
    }; 

    int main() { 
      A a(2); 
      A b(a);   // copy constructor syntax 1 
      A c = a;  // copy constructor syntax 2 
      // Forbidden: A d; 
      // Forbidden: c = a; 
    }

要禁用默认的复制构造函数，请声明它（当然不需要实现）为private。关于你的用例，你可能还想看看关键字“explicit”来抑制自动类型转换。

来源

2011-08-11 13:12:19

什么时候C++默认赋值运算符变得无法访问？

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