调用构造函数与成员作为参数分析为变量定义

Question

我观察到奇怪的行为在g ++ 4.6.3。当通过调用类的构造函数创建一个临时File(arg)编译器选择忽略的arg存在和解析表达式为File arg;

• 为什么成员名称忽略？
• 标准说的是什么？
• 如何避免它？ （不使用新的{}语法）
• 是否存在相关的编译器警告？ （我可以用一个任意字符串ARG，它仍然会默默耕耘）

代码：

#include <iostream> 

class File { 
public: 
    explicit File(int val) : m_val(val) { std::cout<<"As desired"<< std::endl; } 
    File() : m_val(10) { std::cout<< "???"<< std::endl;} 

private: 
    int m_val; 
}; 

class Test { 
public: 
    void RunTest1() { File(m_test_val); } 
    void RunTest2() { File(this->m_test_val); } 
    void RunTest3() { File(fhddfkjdh); std::cout<< "Oops undetected typo"<< std::endl; } 
private: 
    int m_test_val; 
}; 

int main() 
{ 
    Test t; 
    t.RunTest1(); 
    t.RunTest2(); 
    t.RunTest3(); 
    return 0; 
} 

输出：

$ ??? 
$ As desired 
$ Oops undetected typo 

Answer 1

的编译器将行：

File(m_test_val); 

as

File m_test_val; 

所以你实际上使用默认的构造函数创建了一个名为m_test_val的命名对象。 File(fhddfkjdh)也一样。

解决方案是 - 这告诉编译器，您想使用该成员来创建一个命名对象。另一个将命名对象 - File x(m_test_val)。