获取URL内容

我有一个服务器应用程序，它响应带有XML响应的HTTP GET请求。我无法制作一个小型Java应用程序来获取此响应的内容。每种阅读我都会尝试回复，或者getContent()，或者什么都不会返回。获取URL内容

我第一次尝试在这里列出的例子： how to get url html contents to string in java

但InputStream的那些使用过时的readLine（）方法。在上面的情况下，read()/available()似乎总是表示没有任何可读的内容（它们分别返回-1和0），但给出200响应代码。

任何其他URL（例如http://www.google.com/humans.txt）都可以正常工作。

所以，我在这里找到更相关链接： How to read XML response from a URL in java?

这给了我：

String urlString = new String("http://homeserver/ampache/server/xml.server.php?action=handshake&auth=" + hash + "&timestamp=" + timestamp + "&version=3600013&user=" + user"); 
DocumentBuilder db = DocumentBuilderFactory.newInstance().newDocumentBuilder(); 
Document doc = db.parse(new URL(urlString).openStream()); 
System.out.println(doc.toString());

但它看起来像我有同样的问题：

[Fatal Error] :1:1: Premature end of file. 
org.xml.sax.SAXParseException; lineNumber: 1; columnNumber: 1; Premature end of file.

然后我尝试了Apache的HTTPClient，它也在主体中返回了zilch，但有200个响应代码。

该URL是我的Ampache安装。这是他们的XML API：http://homeserver/ampache/server/xml.server.php?action=handshake&auth...。这个URL从浏览器工作正常，并返回什么，我在这一点期待：

<?xml version="1.0" encoding="UTF-8" ?> 
<root> 
    <error code="403"><![CDATA[Unauthorized access attempt to API - ACL Error]]> 
</error> 
</root>

来源

2013-06-18 Nick

你能给我们展示一些代码吗？没有代码，很难说你做错了什么。 –

@UwePlonus，已添加。 – Nick

它看起来像Ampache URL格式不正确，或存在Ampache的API的错误。该请求适用于http://homeserver/ampache/server/xml.server.php?action=handshake，但不是带验证详细信息的完整网址。

来源

2013-06-18 15:43:30 Nick

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