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我有一个与AJAX相关的问题。我正在实现AJAX,并且它已成功实施,但我坚持了这一点。如何向服务器发送AJAX呼叫
当用户点击特定图像时,我想要发送到服务器的请求,服务器应该返回图像。我知道服务器将如何返回映像,但不知道将发送到服务器的密钥应该是什么,以便服务器识别特定的映像请求。这里是前端的代码:
<?php
$con = mysql_connect("localhost:3306","root","root");
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
else
{
mysql_select_db("uploading", $con);
$sql_get=mysql_query("select * from imge");
while ($db_field=mysql_fetch_assoc($sql_get))
{
$img_urls=$db_field["link"];
?>
<img onclick="ajaxFunction()" id="<? echo $img_urls; ?>" src="<?php echo $img_urls; ?>" style="width: 200px;height: 200px;border-style: solid;border-color: blue"/>
<!-- <a href="view.php?next=<?php echo $img_urls; ?>">View</a>-->
<?php
}
}
?>
<script type="text/javascript">
function ajaxFunction()
{
var xmlHttp;
try { // Firefox, Opera 8.0+, Safari
xmlHttp=new XMLHttpRequest();
} catch (e) { // Internet Explorer
try {
xmlHttp=new ActiveXObject("Msxml2.XMLHTTP");
}
catch (e) {
try {
xmlHttp=new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
} catch (e) {
alert("Your browser does not support AJAX!");
return false;
}
}
}
xmlHttp.onreadystatechange=function() {
if(xmlHttp.readyState==4)
{
document.getElementById("div").innerHTML=xmlHttp.responseText
}
}
xmlHttp.open("GET","server_image.php?url=<?php echo $img_urls ?>",true);
xmlHttp.send(null);
}
</script>
<p id="div"></p>
但作为回应,我必须显示图像,并且当用户点击图像时,点击图像的请求应发送到服务器,并返回服务器应返回image_url – Zain
如果图像显示在浏览器中,您已经有了图片的网址。只需在onclick处理程序中提醒this.src即可。 – Jonathan
图像在用户点击视图链接时加载一次,它们不通过Ajax调用加载 – Zain