没有赋值给一个变量的PHP类的实例化

我在Codeigniter HMVC扩展中（通过Wiredesignz）发现了这样一行代码，其中一个类实例化时没有分配给变量（Base.php中的类CI）没有赋值给一个变量的PHP类的实例化

代码：

class CI extends CI_Controller 
{ 
    public static $APP; 

    public function __construct() { 

    /* assign the application instance */ 
    self::$APP = $this; 

    global $LANG, $CFG; 

    /* re-assign language and config for modules */ 
    if (! is_a($LANG, 'MX_Lang')) $LANG = new MX_Lang; 
    if (! is_a($CFG, 'MX_Config')) $CFG = new MX_Config; 

    parent::__construct(); 
    } 
} 

/* create the application object */ 
new CI;

这是什么技术的名字吗？这是什么意思？

来源

2012-12-14 Anas Suhaimi

如果是这样的笨我只是失去了兴趣，学习它，甚至与它有任何共同之处。 – shadyyx

@shadyyx阅读问题的第一行。 –

@Vlakarados它是一个扩展，所以不是真正的CI？但我想CI仍然使用'全球'然后... – shadyyx

这没有一个名字，其含义是，构造函数肯定是做了太多。人们想要在不引用它的情况下创建一个类的实例的原因是，他只希望构造函数想要被执行，但仅此而已。这意味着，构造函数“做”了某些事情，但构造函数应该只能确保对象处于稳定/有效状态，而不再是其他事情。

简而言之：不要以为这是一个很好的做法。 global和self::$APP = $this证实了我的意见，这是一段糟糕的代码。

来源

2012-12-14 13:13:55 KingCrunch

对不起，但您是否真的有意将该逗号放在最后一句中？ :) –

我确实同意，非常糟糕的一段代码。而且非常糟糕的做法。 – shadyyx

啊，现在我明白了，谢谢。不是母语和标点符号......甚至不用我的语言：D – KingCrunch

我想这可以被看作是某种facade design。 - 类（构造函数被调用）和赋值完成，虽然在构造函数本身。

所以new CI只是扩展Super对象并初始化它自己的构造函数。的功能类似，function somefun(){ return }; somefunc();//call somefunc

是CI_Controller加载所有运行笨所需的类，它是SUPER对象

$ci = &get_instance() // CI_Controller

来源

2012-12-14 13:42:40 Philip

让我感到困惑的是CI的实例化，而没有将它分配给变量... 已经有一个CI_Controller类型的index.php中声明了$ CI。现在是CI类型的CI。 CI和$ CI都是对象，后者是一个变量，但前者呢？它是如何管理的PHP？起初我想也许它是单身人士，但在任何其他地方，任何人都可以声明另一个类型为CI的对象，但这次他可能必须将它分配给一个变量。尽管...使用Jens Segers中的一个删除了扩展名。 –

没有赋值给一个变量的PHP类的实例化

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