模板和类型名称

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下面的代码编译时错误信息：模板和类型名称

@> g++ test.cpp 
    test.cpp: In member function 'void testit<E>::print()': 
    test.cpp:79: error: 'COL' is not a class or namespace 
    test.cpp:83: error: expected `;' before 'b2'

如果我使用COL ::列;要访问静态成员，它不会成功编译。而是通过SelectColumn :: SELECT_COLS :: columns访问静态成员;会好的！

struct AllColumns 
{ 
    static const char columns[]; 
}; 
const char AllColumns::columns[] = "*"; 

struct MemoryColumns 
{ 
    static const char columns[]; 
}; 
const char MemoryColumns::columns[] = "data,data_expire_time"; 

template<typename E> 
struct SelectColumn 
{ 
public: 
    typedef unsigned BIGT; 
    typedef AllColumns SELECT_COLS; 
}; 

template<> 
struct SelectColumn<int> 
{ 
public: 
    typedef int BIGT; 
    typedef MemoryColumns SELECT_COLS; 
}; 

template<typename E> 
class testit 
{ 
public: 
    typename SelectColumn<E>::SELECT_COLS COL; 
    typename SelectColumn<E>::BIGT BIG; 

    void print() 
    { 
     string str_a = COL::columns; //compile error here! 
     string str_b = SelectColumn<E>::SELECT_COLS::columns; // OK 

     BIG b2 = 10; //compile error here! 
       typename SelectColumn<E>::BIGT b = 12; // OK 
    } 
};

如何解决它，如果我想使用COL ::列？谢谢！

来源

2012-12-21 SILENCE

如果您确实想通过您的类的实例访问静态成员，请注意这是一种糟糕的风格，因为读者可能会猜测它不是静态的。为了使你的代码*自我记录*，总是使用'type :: name'语法访问静态变量，而不是'instance.name'。 – leemes

typename SelectColumn<E>::SELECT_COLS COL;

是一个变量声明，而不是一个类型。（变量的名称是COL，类型为typename SelectColumn<E>::SELECT_COLS）

也许你的意思是说

typedef typename SelectColumn<E>::SELECT_COLS COL;

来源

2012-12-21 13:02:35

谢谢，我误解了班级中的typename的含义。 – SILENCE

COL是一个对象，而不是一个类型的，因此你必须说COL.columns到accees它的成员。

来源

2012-12-21 13:02:55 PlasmaHH

'columns'是一个静态成员。虽然编写'COL.columns'在语法上是正确的，读者可能会认为它访问了一个实例变量，所以它应该被认为是* bad style *。 – leemes

typename SelectColumn<E>::SELECT_COLS COL;

这里使用typename不是语法来使COLSelectColumn<E>::SELECT_COLS的别名，但要告诉解析器该标识符SELECT_COLS是一种类型的，而不是变量。

str_a = COL::columns;

为什么你在这条线得到一个错误的原因，是因为你试图访问使用错误的语法COL对象的成员数据。

来源

2012-12-21 13:29:57 AlexDan

模板和类型名称

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