为什么用C

使用memcpy（）这可能是一个非常愚蠢的问题，但我不明白这一点：为什么用C

，如果我有：

void* a; 
void* b;

我想实现一个通用的交换功能，我为什么能做到这一点并不：

void swap(void* a, void* b) 
{ 
    void* temp = malloc(sizeof(*a)); 
    *a = *b; 
    *b = *temp; 
    free(temp); 
}

谢谢

我添加了这个以后：

所以，我现在明白为什么它是不可能的，但现在我还有一个问题：由于的sizeof（*一）是不确定的，有人告诉我，我可以这样做：

#define SWAP(a,b) \ 
{ \ 
    void* temp = malloc(sizeof(*a)); \ 
    memcpy(temp , a , sizeof(*a)); \ 
    memcpy(a, b, sizeof(*a)); \ 
    memcpy(b, temp, sizeof(*a)); 
    free(temp); 
}

当然

我承担和b是同一类型的。这个解决方案为什么会起作用？谢谢

来源

2014-01-29 Daniella

当'a'类型为'void *'时'sizeof * a'是什么？ – jamesdlin

我甚至没有在这里看到'memcpy' ... – pmr

什么是'x'和'y' ?! – Jori

你不能取消引用void *，没有关于它指向的数据类型的信息。所以你的代码不会编译，这就是为什么你不能这样做。

这就是点的void *，它是一个“指向任何东西”，并且如果不自己添加它，绝对没有其他信息可用。

如果我有：

char a; /* size 1 */ 
int b; /* assume size 4 */

，并呼吁：

swap(&a, &b); /* assuming it compiled */

所有信息的功能得到的是两个变量的地址。函数（或编译器）无法神奇地跟踪这些指针，并找出指向值的大小。没有。

来源

2014-01-29 10:11:36 unwind

谢谢！这非常有意义！ – Daniella

@Daniella很高兴帮助。随意接受答案，如果你喜欢它。 – unwind

如果我想创建 void swap（char *，char *）;将（* a）=（* b）工作吗？ – Daniella

这样你只能“复制”指针地址而不是实际的数据。一旦你释放了temp，y就成为一个无效的地址。除此之外，您在任何情况下都不使用a或b

来源

2014-01-29 10:13:13

要回答第二个问题，如果您通过void*指针指向它，则SWAP（）宏仍不会按预期工作。或者就此而言，如果你传递了两个不同类型的指针。它会适用于这样的事情：

int a = 2, b = 3; 
char c = '0', d = '1'; 
SWAP(&a, &b); 
SWAP(&c, &d);

来源

2014-01-29 10:32:24 th33lf

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